2013年普通高等学校招生全国统一考试
理科数学
(重庆卷)
一、选择题
1.已知全集U ={1,2,3,4},集合A ={1,2},B ={2,3},则?U (A ∪B )等于( ) A .{1,3,4} B .{3,4} C .{3}
D .{4}
答案 D
解析 因为A ∪B ={1,2,3},全集U ={1,2,3,4},所以?U (A ∪B )={4},故选D. 2.命题“对任意x ∈R ,都有x 2≥0”的否定为( ) A .对任意x ∈R ,都有x 2<0 B .不存在x ∈R ,都有x 2<0 C .存在x 0∈R ,使得x 20≥0 D .存在x 0∈R ,使得x 20<0 答案 D
解析 由于“对任意x ∈R ”的否定为“存在x 0∈R ”,对“x 2≥0”的否定为“x 2<0”,因此选D.
3.(3-a )(a +6)(-6≤a ≤3)的最大值为( ) A .9
B.9
2
C .3
D.322
答案 B 解析 因为(3-a )(a +6)=
18-3a -a 2
=
-????a +322+814
, 所以当a =-3
2
时,
(3-a )(a +6)的值最大,最大值为9
2
.
4.以下茎叶图记录了甲、乙两组各五名学生在一次英语听力测试中的成绩(单位:分)
已知甲组数据的中位数为15,乙组数据的平均数为16.8,则x ,y 的值分别为( ) A .2,5 B .5,5
C .5,8
D .8,8
答案 C
解析 由于甲组中有5个数,比中位数小的有两个数为9,12,比中位数大的也有两个数24,27,所以10+x =15,x =5.又因9+15+10+y +18+245=16.8,所以y =8,故选C.
5.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为( )
A.5603
B.580
3 C .200 D .240 答案 C
解析 由三视图还原的几何体为两底面为梯形的直棱柱,梯形的面积为1
2(2+8)×4=
20,所以棱柱的体积为20×10=200.
6.若a
A .(a ,b )和(b ,c )内
B .(-∞,a )和(a ,b )内
C .(b ,c )和(c ,+∞)内
D .(-∞,a )和(c ,+∞)内
答案 A
解析 由于a 0,f (b )=(b -c )(b -a )<0,f (c )=(c -a )(c -b )>0.因此有f (a )·f (b )<0,f (b )·f (c )<0,又因f (x )是关于x 的二次函数,函数的图象是
连续不断的曲线,因此函数f(x)的两零点分别位于区间(a,b)和(b,c)内,故选A. 7.已知圆C1:(x-2)2+(y-3)2=1,圆C2:(x-3)2+(y-4)2=9,M,N分别是圆C1,C2上的动点,P为x轴上的动点,则|PM|+|PN|的最小值为()
A.52-4 B.17-1
C.6-2 2 D.17
答案 A
解析两圆心坐标分别为C1(2,3),C2(3,4).C1关于x轴对称的点C1′的坐标为(2,-
3),连接C2C1′,线段C2C1′与x轴的交点即为P点.
(|PM|+|PN|)min=|C2C1′|-R1-R2(R1,R2分别为两圆的半径)=(3-2)2+(4+3)2-1-3=50-4=52-4.故选A.
8.执行如图所示的程序框图,如果输出s=3,那么判断框内应填入的条件是()
A.k≤6 B.k≤7
C.k≤8 D.k≤9
答案 B
解析当k=2时,s=log23,当k=3时,s=log23·log34,当k=4时,s=log23·log34·log45.
由s=3,得lg 3
lg 2×lg 4
lg 3×
lg 5
lg 4×…×
lg(k+1)
lg k
=3,即lg(k+1)=3lg 2,所以k=7.再循环时,
k=7+1=8,此时输出s,因此判断框内应填入“k≤7”.故选B. 9.4cos 50°-tan 40°等于()
A. 2
B.2+3
2
C. 3 D .22-1
答案 C
解析 4cos 50°-tan 40°=4sin 40°cos 40°-sin 40°
cos 40°
=2sin 80°-sin 40°cos 40°=2sin (50°+30°)-sin 40°cos 40°
=3sin 50°+cos 50°-sin 40°cos 40°=3sin 50°
cos 40°
= 3.
10.在平面上,AB 1→⊥AB 2→,|OB 1→|=|OB 2→|=1,AP →=AB 1→+AB 2→.若|OP →|<12
,则|OA →
|的取值范围是
( ) A.?
??
?0,
52 B.??
??
52,72 C.??
?
?52,2
D.??
?
?72,2 答案 D
解析 设B 1(cos α,sin α),B 2(cos β,sin β),A (x ,y ),O (0,0).
由AB 1→⊥AB 2→
,得cos(α-β)-x (cos α+cos β)-y (sin α+sin β)+x 2+y 2=0① OP →=OA →+AP →=OA →+AB 1→+AB 2→
=(cos α+cos β-x ,sin α+sin β-y ). 而|OP →|<12,则0≤|OP →|2<14
,
整理得0≤x 2+y 2+2+2cos(α-β)-2x (cos α+cos β)-2y (sin α+sin β)<1
4,②
将①代入②,得0≤x 2+y 2+2-2(x 2+y 2)<1
4,
即0≤2-(x 2+y 2)<14,整理得7
4 所以|OA →|2∈????74,2,即|OA → |∈????72,2. 二、填空题 11.已知复数z =5i 1+2i (i 是虚数单位),则|z |=________. 答案 5 解析 |z |=??????5i 1+2i =|5i||1+2i|=5 5 = 5. 12.已知{a n }是等差数列,a 1=1,公差d ≠0,S n 为其前n 项和,若a 1,a 2,a 5成等比数列,则S 8=________. 答案 64 解析 因为a 1,a 2,a 5成等比数列,则a 22=a 1·a 5,即(1+d )2=1×(1+4d ),d =2.所以a n =1+(n -1)×2=2n -1,S 8= (a 1+a 8)×8 2 =4×(1+15)=64. 13.从3名骨科、4名脑外科和5名内科医生中选派5人组成一个抗震救灾医疗小组,则骨科、脑外科和内科医生都至少有1人的选派方法种数是________.(用数字作答) 答案 590 解析 利用直接法分类求解.一脑一内三骨的选法有C 14C 15C 3 3=20种,一脑二内二骨的选法有C 14C 25C 23=120种,一脑三内一骨的选法有C 14C 35C 13=120种,二脑一内二骨的选法有C 24C 15C 23=90种,二脑二内一骨的选法有C 24C 25C 13=180种,三脑一内一骨的选法有C 34C 15C 13 =60种,满足题意的选法共20+120+120+90+180+60=590(种). 14.如图,在△ABC 中,∠C =90°,∠A =60°,AB =20,过C 作△ABC 的外接圆的切线CD ,BD ⊥CD ,BD 与外接圆交于点E ,则DE 的长为______. 答案 5 解析 由题意,得弦切角∠BCD =∠A =60°,∠C =∠D =90°,所以△ABC ∽△CBD .所以AB CB =AC CD ,CD =CB ×AC AB =20sin 60°×20cos 60°20=5 3.又因CD 与圆相切,所以CD 2 =DE ×DB ,则DE =CD 2DB =(53)2CB sin 60°=25×320×sin 60°×sin 60° =5. 15.在直角坐标系xOy 中,以原点O 为极点,x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系.若极坐标 方程为ρcos θ=4的直线与曲线? ???? x =t 2, y =t 3(t 为参数)相交于A ,B 两点,则|AB |=________. 答案 16 解析 将极坐标方程ρcos θ=4化为直角坐标方程得x =4,将x =4代入? ???? x =t 2, y =t 3得t =±2,从而y =±8.所以A (4,8),B (4,-8).所以|AB |=|8-(-8)|=16.